Как найти максимальный угол отклонения нити

Подвешенному на нити шарику сообщили начальную скорость в горизонтальном направлении. Когда нить отклонилась на угол α = 30° от вертикали, ускорение шарика оказалось направленным горизонтально. Найдите угол максимального отклонения нити.

Решение:

Когда нить отклонена на угол α, составляющие ускорения, направленные вдоль нити и по касательной к траектории шарика, определяются формулами:

где v — скорость шарика, l — длина нити.

Поскольку ускорение шарика в этот момент направлено горизонтально, проекции векторов an и aτ на вертикальную ось одинаковы по модулю:

или

откуда:

Далее запишем закон сохранения энергии для шарика:

mv2 + mgl • (1 − cos α) = mgl •(1 − cos αm).
2 

Решая это уравнение относительно cos αm, получим:

cos αm = cos α − v2 = cos α − sin2 α = 0,73.
2gl  2 cos α

Далее: дробинка во льду тонет   [тема: задачи на минимум и максимум]


Теги:

  • задачи с решениями
  • механика
  • законы сохранения
  • закон сохранения энергии

2017-12-23   comment

Подвешенному на нити шарику сообщили начальную скорость в горизонтальном направлении. Когда нить отклонилась на угол $alpha = 30^{ circ}$ от вертикали, ускорение шарика оказалось направленным горизонтально. Найти угол $beta$ максимального отклонения нити.

Решение:

Нормальная и тангенциальная составляющие ускорения $a_{n}$ и $a_{ tau}$ определяются формулами:

$a_{n} = frac{v^{2}}{l}, a_{ tau} = g sin alpha$,

где $v$ — скорость шарика, $L$ — длина нити. Поскольку ускорение шарика направлено горизонтально, проекции векторов $vec{a}_{n}$ и $vec{a}_{ tau}$ на вертикальную ось имеют одинаковую величину $a_{n} cos alpha = a_{ tau} sin alpha$ или $v^{2} = gl frac{ sin^{2} alpha}{ cos alpha}$. Далее запишем закон сохранения энергии для шарика: $frac{mv^{2}}{2} + mgl (1 — cos alpha) = mgl (1 — cos beta )$. Решая это уравнение относительно $cos beta$, получаем

$cos beta = cos alpha — frac{v^{2}}{2gl} = cos alpha — frac{ sin^{2} alpha}{2 cos alpha } = 0,73, beta = 43^{ circ}$.

Угол — отклонение — нить

Cтраница 1

Угол отклонения нити от вертикали равен а.
 [1]

Угол отклонения нити от вер ] икали равен а.
 [2]

Угол отклонения нити от вертикали равен а.
 [3]

Простейшим типом колебательного движения являются гармо нические колебания — движение, при котором колеблющаяся величина ( например, угол отклонения нити маятника от вертикали или координата прикрепленного к пружине груза) изменяется с течением времени по закону синуса или косинуса.
 [4]

Из рис. 21 следует: h / — — / cosа, где / — длина нити; а — угол отклонения нити от положения равновесия.
 [5]

Из первого уравнения найдем, что во всех точках такой нити натяжение Т будет одинаково; из третьего уравнения следует, что угол геодезического отклонения нити Ф равен нулю. Линии, лежащие на поверхности и обладающие таким свойством, называются геодезическими линиями.
 [6]

При внесении заряженного металлического шарика, подвешенного на изолирующей нити, в однородное горизонтально направленное поле нить образовала с вертикалью угол 45, На сколько уменьшится угол отклонения нити при стекании с шарика одной десятой доли его заряда.
 [7]

Точку подвеса один раз помещают так, что этот шарик в состоянии равновесия оказывается точно над первым закрепленным шариком, на расстоянии / от него, а другой раз — над вторым. Найти угол отклонения нити от вертикали в обоих случаях, если известно, что над первым шариком угол отклонения нити в два раза больше, чем над вторым.
 [8]

Система имеет две степени свободы. В качестве обобщенных координат принимаем угол ф поворота шкива и угол гр отклонения нити от вертикали.
 [9]

Обобщенная координата s определяет положение т на прямой, р — угол отклонения нити маятника от вертикали. Направляя ось у вверх по вертикали, получим x s, f / i 0, 2 / sm ( p s, / 2 — / cos ср.
 [10]

Обобщенная координата s определяет положение mi на прямой, ( р — угол отклонения нити маятника от вертикали.
 [11]

Точку подвеса один раз помещают так, что этот шарик в состоянии равновесия оказывается точно над первым закрепленным шариком, на расстоянии / от него, а другой раз — над вторым. Найти угол отклонения нити от вертикали в обоих случаях, если известно, что над первым шариком угол отклонения нити в два раза больше, чем над вторым.
 [12]

Два маленьких шарика, заряженные равными, но разноименными зарядами Q, закреплены в горизонтальной плоскости на расстоянии I друг от друга, третий шарик, заряд которого q, подвешен на нити. Точку подвеса один раз помещают так, что этот шарик в состоянии равновесия оказывается точно над первым закрепленным шариком на расстоянии I от него, в другой раз — над вторым. Найти угол отклонения нити от вертикали в обоих случаях, если известно, что над первым шариком угол отклонения нити в 2 раза больше, чем над вторым.
 [13]

Георг Рихман ( 1711 — 1753) построил первый электрометр — указатель электрической силы. Это была тонкая льняная нить, прикрепленная к концу вертикальной изолированной металлической линейки. Мерой электрического состояния служил угол отклонения нити, измеряемый на деревянном квадранте, снабженном делениями. Что при этом мерялось, оставалось, конечно, неясным, ибо еще не были сформулированы фундаментальные понятия теории электричества.
 [14]

Как для маятника, так и для планет действующая сила является центральной и направлена все время к одной точке, независимо от положения тела. Сила, действующая на планету, изменяется обратно пропорционально квадрату расстояния между ней и Солнцем. Сила, действующая на маятник, прямо пропорциональна расстоянию грузика от центра эллипса, пока угол отклонения нити подвеса от вертикали мал. Обратно пропорциональная квадрату расстояния сила заставляет планету двигаться по эллипсу, в одном из фокусов которого лежит силовой центр, в то время как линейная сил а, действующая на маятник, заставляет его двигаться по эллипсу с силовым центром, лежащим в центре эллипса.
 [15]

Страницы:  

   1

   2

8 / 8 / 1

Регистрация: 21.08.2011

Сообщений: 35

1

Задача по механике

31.08.2011, 15:56. Показов 11287. Ответов 11


Студворк — интернет-сервис помощи студентам

На горизонтальной поверхности стола находится платформа с укреплённым на ней штативом. К штативу привязан на нити длиной l небольшой по сравнению шар с длиной нити шар. Масса шара в 2 раза больше массы платформы m. Шар отклоняют на угол в 60 градусов от вертикали и держат в таком положении. Платформа прижата к упору. Шар отпускают. 1) найти скорость шара в момент отрыва платформы от упора. 2) Найти максимальный угол отклонения нити от вертикали направо (шар изначально отклоняют влево, упор находится слева) в процессе движения системы после отрыва от упора. трения нет.

Первую часть задача я похоже решил. Получилось https://www.cyberforum.ru/cgi-bin/latex.cgi?v=({l*g(1/2sina - 1)})^{1/2}.
Но как решать вторую часть не пойму.

Прошу помочь понять физику процесса. Заранее спасибо)



0



Programming

Эксперт

94731 / 64177 / 26122

Регистрация: 12.04.2006

Сообщений: 116,782

31.08.2011, 15:56

Ответы с готовыми решениями:

Задача по механике
Стержень массой М и длиной L, лежащий в горизонтальной плоскости, может вращаться вокруг…

Задача по механике
Привет, плиз помогите решить задачу

На горизонтальный плоскости лежит брусок, масса которого m1=…

Задача по механике
Пожалуйста помогите с решением. Очень нужно. Задачка сама по себе вроде бы элементарная, но что-то…

Задача по механике
Задача по механике

11

-=ЮрА=-

Заблокирован

Автор FAQ

02.09.2011, 11:44

2

Цитата
Сообщение от meister
Посмотреть сообщение

Найти максимальный угол отклонения нити от вертикали направо (шар изначально отклоняют влево, упор находится слева) в процессе движения системы после отрыва от упора. трения нет.

После отрыва платформы маятник будет евляться системой массой
Mшара + Mплатформы, решил бы 2-ю часть чисто с энергетической точки зрения

Высота подъёма шара и платформы составят
3*m*g*h = 2*m*g*h0

h = 2/3*h0, перейдём к углам

h0 = L-L*cos(60) = L*(1 — cos(alpha))
h = L — L*cos(x) = L*(1 — cos(x)) =2/3*L*(1 — cos(alpha)) = k*L*(1 — cos(alpha))

Добавлено через 1 минуту
cos(x) = k + k*cos(a) =>
x = arccos(1 — k + k*cos(a)) = arccos(2/3 + 2/3*cos(60))= 0.841 (48.2 градуса)

Добавлено через 3 минуты
Касательно 1-й части — платформа оторвётся в момент прохождения маятником положения равновесия,
решаю также с энергетической точки зрения

2m*g*h0 = 3m*v^2/2
v = sqrt(4/3*g*h0), учитывая что h0 = L-L*cos(60) = L*(1 — cos(alpha)), получим
v = sqrt(4/3*g*L*(1 — cos(alpha)))



1



8 / 8 / 1

Регистрация: 21.08.2011

Сообщений: 35

02.09.2011, 18:00

 [ТС]

3

с первой частью согласен. Вторую не совсем понял, сейчас разбираюсь.



0



2 / 2 / 0

Регистрация: 25.09.2011

Сообщений: 22

26.09.2011, 09:33

4

-=ЮрА=-, в момент отрыва платформы скорость шара не равна скорости платформы. Поэтому считаю целесообразным для первого вопроса подставлять в кинетическую энергию не 3m, а 2m



0



0 / 0 / 0

Регистрация: 17.11.2011

Сообщений: 4

17.11.2011, 11:42

5

Цитата
Сообщение от -=ЮрА=-
Посмотреть сообщение

После отрыва платформы маятник будет евляться системой массой
Mшара + Mплатформы, решил бы 2-ю часть чисто с энергетической точки зрения

Высота подъёма шара и платформы составят
3*m*g*h = 2*m*g*h0

h = 2/3*h0

Юрий, ответьте пожалуйста, а в случае невесомой платформы
(2+0)*m*g*h=2*m*g*h0

h=h0
шарик поднимется на ту же высоту?



0



-=ЮрА=-

Заблокирован

Автор FAQ

17.11.2011, 11:51

6

Цитата
Сообщение от Марыся
Посмотреть сообщение

Юрий, ответьте пожалуйста, а в случае невесомой платформы
(2+0)*m*g*h=2*m*g*h0
h=h0
шарик поднимется на ту же высоту?

— чисто энергетически да, НО с учётом того что именно платформа помогает шарику удерживать свою ось вращения, то при 0 массе платформы, шарик по всей видимости просто грохнется на землю с высоты h0 (не будет силы реакции опоры, коей являлась платформа)



0



0 / 0 / 0

Регистрация: 17.11.2011

Сообщений: 4

17.11.2011, 13:02

7

Что невесомая и нерастяжимая нить порвется?

а в другом крайнем случае при (M платформы >> m шарика), что соответствует неподвижному закреплению платформы
(M+2m)*g*h = 2*m*g*h0

h = 2m/(M+2m)*h0 ==> 0
шарик вообще не поднимется?

Мне кажется должно быть наоборот.



0



-=ЮрА=-

Заблокирован

Автор FAQ

17.11.2011, 13:14

8

Цитата
Сообщение от Марыся
Посмотреть сообщение

а в другом крайнем случае при (M платформы >> m шарика), что соответствует неподвижному закреплению платформы
(M+2m)*g*h = 2*m*g*h0

— в этом случае шарик не окажет никакого влияния на платформу, и поднимется на высоту h0. Понимаете масса тела это довольно интересная величина Вот например возьмём 2 тела Земля и Вы, Земля сооздаёт гравитационное поле, проявление которого вы чувствуете GM/R*R , вы же на Землю влияете так Gm/R*R т.е почти никак. Таким образом данную задачу нужно рассматривать с моими выкладками лишь при одинаковом порядке масс платформы и шара!Т.е моё решение применимо где-то в пределах 50*Mплатформы <= Мшара или же Мшара<= 0.02*Mплатформы( в первом случае платформа в 50-ть раз легче шара, во втором в 50 раз тяжелей). В остальных случаях можно уже пренебречь влиянием тел друг на друга



0



0 / 0 / 0

Регистрация: 17.11.2011

Сообщений: 4

17.11.2011, 13:34

9

Хорошо M=50*m
h=1/(50+1)*h0=0.02*h0, т.е. достаточно лёгкий шарик на достаточно тяжёлой платформе тупо останавливается внизу?
А при m=50*M
h=50/(50+1)*h0=0.98*h0, т.е. достаточно массивное тело на лёгкой платформе, взаимодействующей с поверхностью без трения поднимется почти на начальный уровень? как будто платформу кто-то держит?

и не говорите, что коэффициент 50 взят слишком большой, при меньшем будет то же самое (пропорционально)



0



-=ЮрА=-

Заблокирован

Автор FAQ

17.11.2011, 13:45

10

Цитата
Сообщение от Марыся
Посмотреть сообщение

т.е. достаточно лёгкий шарик на достаточно тяжёлой платформе тупо останавливается внизу?

— нет он поднимается на высоту h = h0

Цитата
Сообщение от Марыся
Посмотреть сообщение

т.е. достаточно массивное тело на лёгкой платформе, взаимодействующей с поверхностью без трения поднимется почти на начальный уровень?

— нет оно просто упадёт, я что написал выше

Цитата
Сообщение от -=ЮрА=-
Посмотреть сообщение

с учётом того что именно платформа помогает шарику удерживать свою ось вращения, то при 0 массе платформы, шарик по всей видимости просто грохнется на землю с высоты h0 (не будет силы реакции опоры, коей являлась платформа)

Цитата
Сообщение от -=ЮрА=-
Посмотреть сообщение

в этом случае шарик не окажет никакого влияния на платформу, и поднимется на высоту h0.

Я написал моя формула применима в диапазоне(его пределы указал чисто интуитивно), при резком отличии масс платформы и шара движение тел следует рассматривать уже без лёгкого — оно не оказывает никакого влияния, вот и всё…
Масса шара огромна, платформы ноль — шар без вращения упал
Масса шара мала, платформы велика — шар поднялся ну туже высоту
В этом случае энергетическое соотношение будет уже таким:
m*g*h0 = m*v^2/2 = m*g*h (на платформу уже не обращаем никакого внимания)

Не по теме:

Марыся, если вы так экспертны зачем вообще меня спрашивали???:scratch:
Мне сложно на пальцах объяснить Вам гравитационные взаимодействия, как вариант наберите этот запрос в гугле, уверен поймёте о чём вам говорил…



0



0 / 0 / 0

Регистрация: 17.11.2011

Сообщений: 4

17.11.2011, 13:57

11

Спасибо за ответы. Буду думать. Но мне такое решение не нравиться «чисто интуитивно». А при чём здесь гравитационное притяжение вообще? О_о



0



-=ЮрА=-

Заблокирован

Автор FAQ

17.11.2011, 14:08

12

Цитата
Сообщение от Марыся
Посмотреть сообщение

Спасибо за ответы. Буду думать. Но мне такое решение не нравиться «чисто интуитивно». А при чём здесь гравитационное притяжение вообще?

— притом что если в космосе встретитесь вы с Землёй то упадёте на неё вы а не она на вас, а вот если Землю подвести достаточно близко к солнцу, то она упадёт на него, но не Солнце на землю.
В задачах на массу следует чётко представлять: принимать во внимание гравитационное взаимодействие масс либо же его не учитывать. Когда шарик крутится на ниточке, то у нити существует некоторая сила нятяжения — она то и искривляет траекторию полёта, если же масса платформы ноль, то нить не будет оказывать на шар никакого влияния, в результате из криволинейной траектория шара станет прямой (он просто свалится вам на голову если вы в это время под штативом сидите)
Ну неужели не поняли к чему я Вас подводил???



0



Как найти угол отклонения маятника

Математическим маятником называют тело небольших размеров, подвешенное на тонкой нерастяжимой нити, масса которой пренебрежимо мала по сравнению с массой тела. В положении равновесия, когда маятник висит по отвесу, сила тяжести уравновешивается силой натяжения нити При отклонении маятника из положения равновесия на некоторый угол появляется касательная составляющая силы тяжести (рис. 2.3.1). Знак «минус» в этой формуле означает, что касательная составляющая направлена в сторону, противоположную отклонению маятника.

Если обозначить через линейное смещение маятника от положения равновесия по дуге окружности радиуса , то его угловое смещение будет равно . Второй закон Ньютона, записанный для проекций векторов ускорения и силы на направление касательной, дает:

Это соотношение показывает, что математический маятник представляет собой сложную нелинейную систему, так как сила, стремящаяся вернуть маятник в положение равновесия, пропорциональна не смещению , а

Только в случае малых колебаний , когда приближенно можно заменить на математический маятник является гармоническим осциллятором , т. е. системой, способной совершать гармонические колебания. Практически такое приближение справедливо для углов порядка ; при этом величина отличается от не более чем на . Колебания маятника при больших амплитудах не являются гармоническими.

Для малых колебаний математического маятника второй закон Ньютона записывается в виде

Таким образом, тангенциальное ускорение маятника пропорционально его смещению , взятому с обратным знаком. Это как раз то условие, при котором система является гармоническим осциллятором. По общему правилу для всех систем, способных совершать свободные гармонические колебания, модуль коэффициента пропорциональности между ускорением и смещением из положения равновесия равен квадрату круговой частоты:

Эта формула выражает собственную частоту малых колебаний математического маятника .

Любое тело, насаженное на горизонтальную ось вращения, способно совершать в поле тяготения свободные колебания и, следовательно, также является маятником. Такой маятник принято называть физическим (рис. 2.3.2). Он отличается от математического только распределением масс. В положении устойчивого равновесия центр масс физического маятника находится ниже оси вращения на вертикали, проходящей через ось. При отклонении маятника на угол возникает момент силы тяжести, стремящийся возвратить маятник в положение равновесия:

Здесь – расстояние между осью вращения и центром масс .

Здесь – собственная частота малых колебаний физического маятника .

Более строгий вывод формул для и можно сделать, если принять во внимание математическую связь между угловым ускорением и угловым смещением: угловое ускорение есть вторая производная углового смещения по времени:

Поэтому уравнение, выражающее второй закон Ньютона для физического маятника, можно записать в виде

Это уравнение свободных гармонических колебаний (см. уравнение (*) §2.2). Коэффициент в этом уравнении имеет смысл квадрата круговой частоты свободных гармонических колебаний физического маятника.

По теореме о параллельном переносе оси вращения (теорема Штейнера) момент инерции можно выразить через момент инерции относительно оси, проходящей через центр масс маятника и параллельной оси вращения:

Окончательно для круговой частоты свободных колебаний физического маятника получается выражение:

Математический маятник

Математический маятник – это модель системы, совершающей гармонические колебания. Свободные колебания математического маятника при малых углах отклонения описываются уравнением гармонических колебаний.

В положении равновесия сила тяжести и сила упругости нити уравновешивают друг друга, и материальная точка находится в покое. При отклонении материальной точки от положения равновесия на малый угол alphaна тело будет действовать возвращающая сила overline{F}, которая является тангенциальной составляющей силы тяжести:

[F=mgsin alpha ]

Эта сила сообщает материальной точке тангенциальное ускорение, направленное по касательной к траектории, и материальная точка начинает двигаться к положению равновесия с возрастающей скоростью. По мере приближения к положению равновесия возвращающая сила, а следовательно, и тангенциальное ускорение точки, уменьшаются. В момент прохождения положения равновесия угол отклонения alpha =0, тангенциальное ускорение также равно нулю, а скорость материальной точки максимальна. Далее материальная точка проходит по инерции положение равновесия и, двигаясь в направлении, противоположном силе overline{F}, сбавляет скорость. В крайнем положении материальная точка останавливается, и затем начинает двигаться в обратном направлении.

Период колебаний математического маятника

[T=2pi sqrt{frac{l}{g}} ]

Период колебаний математического маятника не зависит от массы груза и амплитуды колебаний.

Примеры решения задач

Задание Математический маятник длиной 1 м колеблется с амплитудой 1 см. За какое время он пройдет путь равный 1 см, если в начальный момент времени маятник проходит положение равновесия? За какое время маятник пройдет: а) первую половину этого пути; б) вторую половину этого пути?
Решение Период колебаний математического маятника определяется формулой:

[T=2pi sqrt{frac{l}{g}} ]

Ускорение свободного падения g=9,8м/с ^{2}

[T=2pi sqrt{frac{1}{9,8}}=2 c]

Математический маятник совершает гармонические колебания, поэтому смещение материальной точки зависит от времени по гармоническому закону:

[x=Asin left(omega t+{varphi }_0right)]

Так как в начальный момент времени маятник проходит положение равновесия, начальная фаза колебаний равна нулю.

[omega =frac{2pi }{T},]

[omega =frac{2pi }{2}=pi  rad/c]

Путь, равный 1 см, т.е. равный в данном случае амплитуде колебаний, маятник пройдет за четверть периода, т.е. за 0,5 с.

а) В данном случае смещение:

[x=frac{A}{2},]

поэтому можно записать:

[frac{A}{2}=Asin pi t;]

[sin pi t=frac{1}{2};]

[pi t=text{arcsin} left(frac{1}{2}right)=frac{pi }{6};]

[t=frac{1}{6}=0,17 c]

б) Если на прохождение всего пути, равного амплитуде, маятник тратит 0,5 с, а на прохождение его первой половины – 0,17 с, на вторую половину пути маятник затратит:

Формулы математического маятника

Математический маятник — это колебательная система, являющаяся частным случаем физического маятника, вся масса которого сосредоточена в одной точке, центре масс маятника.

Обычно математический маятник представляют как шарик, подвешенный на длинной невесомой и нерастяжимой нити. Это идеализированная система, совершающая гармонические колебания под действием силы тяжести. Хорошим приближением к математическому маятнику массивный маленький шарик, осуществляющий колебания на тонкой длинной нити.

Галилей первым изучал свойства математического маятника, рассматривая качание паникадила на длинной цепи. Он получил, что период колебаний математического маятника не зависит от амплитуды. Если при запуске мятника отклонять его на разные малые углы, то его колебания будут происходить с одним периодом, но разными амплитудами. Это свойство получило название изохронизма.

Формулы математического маятника, рисунок 1

Уравнение движения математического маятника

Математический маятник — классический пример гармонического осциллятора. Он совершает гармонические колебания, которые описываются дифференциальным уравнением:

где $varphi $ — угол отклонения нити (подвеса) от положения равновесия.

Решением уравнения (1) является функция $varphi (t):$

где $alpha $ — начальная фаза колебаний; $_0$ — амплитуда колебаний; $_0$ — циклическая частота.

Колебания гармонического осциллятора — это важный пример периодического движения. Осциллятор служит моделью во многих задачах классической и квантовой механики.

Циклическая частота и период колебаний математического маятника

Циклическая частота математического маятника зависит только от длины его подвеса:

Период колебаний математического маятника ($T$) в этом случае равен:

Выражение (4) показывает, что период математического маятника зависит только от длины его подвеса (расстояния от точки подвеса до центра тяжести груза) и ускорения свободного падения.

Уравнение энергии для математического маятника

При рассмотрении колебаний механических систем с одной степенью свободы часто берут в качестве исходного не уравнения движения Ньютона, а уравнение энергии. Так как его проще составлять, и оно является уравнением первого порядка по времени. Предположим, что трение в системе отсутствует. Закон сохранения энергии для совершающего свободные колебания математического маятника (колебания малые) запишем как:

где $E_k$ — кинетическая энергия маятника; $E_p$ — потенциальная энергия маятника; $v$ — скорость движения маятника; $x$ — линейное смещение груза маятника от положения равновесия по дуге окружности радиуса $l$, при этом угол — смещение связан с $x$ как:

Максимальное значение потенциальной энергии математического маятника равно:

Максимальная величина кинетической энергии:

где $h_m$ — максимальная высота подъема маятника; $x_m$- максимальное отклонение маятника от положения равновесия; $v_m=_0x_m$ — максимальная скорость.

Примеры задач с решением

Задание. Какова максимальная высота подъема шарика математического маятника, если его скорость движения при прохождении положения равновесия составляла $v$?

Решение. Сделаем рисунок.

Формулы математического маятника, пример 1

Пусть ноль потенциальной энергии шарика в его положении равновесия (точка 0).В этой точке скорость шарика максимальна и равна по условию задачи $v$. В точке максимального подъема шарика над положением равновесия (точка A), скорость шарика равна нулю, потенциальная энергия максимальна. Запишем закон сохранения энергии для рассмотренных двух положений шарика:

Из уравнения (1.1) найдем искомую высоту:

Ответ. $h=frac$

Задание. Каково ускорение силы тяжести, если математический маятник имеющий длину $l=1 м$, совершает колебания с периодом равным $T=2 с$? Считайте колебания математического маятника малыми.textit

Решение. За основу решения задачи примем формулу для вычисления периода малых колебаний:

Понравилась статья? Поделить с друзьями: